金川县实验中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

一、选择题

1． 一交流电压为u＝1002sin100πt V，由此表达式可知（ ） A．用电压表测该电压其示数为100 V B．该交流电压的周期为0.02 s

C．将该电压加在100 Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率为200 W D．t＝1/400 s时，该交流电压的瞬时值为100 V 【答案】ABD 【解析】

UM22，故A正确；100，周期T0.02s，故B

1002U210021tV）100V，100W，故C错误；把t正确；由Ps时，代入表达式u1002sin100（R100400试题分析：电压表显示的是有效值，U故D正确；

考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

2． 如图所示,A、B、C、D为匀强电场中相邻的等势面,一个电子垂直经过等势面D时的动能为20 eV,经过等势面C时的电势能为-10 eV,到达等势面B时的速度恰好为零。已知相邻等势面间的距离为5 cm,不计电子的重力,下列说法中正确的是（ ）

A. C等势面的电势为10 V B. 匀强电场的电场强度为200 V/m C. 电子再次经过D等势面时,动能为10 eV D. 电子的运动是匀变速曲线运动 【答案】AB

【解析】试题分析：只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变．根据题目所给条件，C等势面的电势为

A错；，故A等势面电势不为10V，电子在相邻等势面间运动时，电场力做功W=qU

相等，因为电子在D等势面的动能为20eV，到达等势面B时的速度恰好为零，电子在D到C等势面间运动

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时，电场力做功大小为，,匀强电场的场强为

，B项正确。电子再次经过D等势面时，动能不变仍为20eV，C项错误。 电

子在匀强电场中受恒力作用，运动方向和电场力方向共线电子的运动是匀变速直线运动，D项错误，故选B 考点：电势能、能的转化和守恒

点评：难度中等，学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和电势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变

3． （2018·洛阳联考）如图所示，一个电荷量为－Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点。另一个电荷量为＋q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，运动到B点时速度为v，且为运动过程中速度的最小值。已知点电荷乙受到的阻力大小恒为f，A、B两点间距离为L0，静电力常量为k，则下列说法正确的是（ ）

A．点电荷乙从A点向甲运动的过程中，加速度先增大后减小 B．点电荷乙从A点向甲运动的过程中，其电势能先增大再减小

kQqC．O、B两点间的距离为 f1fL0＋mv2

2

D．在点电荷甲形成的电场中，A、B两点间的电势差为UAB＝

q【答案】.C 【

解

析

】

4． 一个质量为m的人站在电梯中，电梯加速上升，加速度大小为g/4（g为重力加速度），人对电梯底部的压力大小为

A．mg B．2mg C．5mg/4 D．mg/4

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【答案】C 【

解

析

】

5． （多选）有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（ ）

A.a的向心加速度等于重力加速度g B．在相同时间内b转过的弧长最长 C．c在2小时内转过的圆心角是 【答案】BC 【解析】

 D．d的运动周期有可能是20小时 6

6． （2016·山东枣庄高三期末）如图所示，不带电的金属球A固定在绝缘底座上，它的正上方有B点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下（不计空气阻力），液滴到达A球后将电荷量全部传给A球，设前一液滴到达A球后，后一液滴才开始下落，不计B点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（ ）

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A．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A球 B．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动

C．能够下落到A球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等 D．所有液滴下落过程中电场力做功相等 【答案】C 【解析】

7． 如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v–t图象如图（b）所示。若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则可求出

A．斜面的倾角

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B．物块的质量

C．物块与斜面间的动摩擦因数 D．物块沿斜面向上滑行的最大高度

【答案】ACD

【解析】由图（b）可知，物块先向上做匀减速运动到达最高，再向下做匀加速运动，上滑过程有

，下滑过程有

，联立可得斜面倾角θ及动摩擦因数

μ，AC正确；v–t图线与时间轴围成的面积为物块经过的位移，则物块沿斜面向上滑行的最大高度可求出，D正确；质量m可消去，无法求出，B错误。

，

【名师点睛】本题考查牛顿第二定律及图象的应用，要注意图象中的斜率表示加速度，面积表示位移；同时注意正确的受力分析，根据牛顿第二定律明确力和运动的关系。 8． 下面说法中正确的是（ ）

A．根据E = F/q，可知电场中某点的场强与电场力成正比

B．根据E = KQ/r2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比 C．根据E = U/d，可知电场中某点的场强与电势差成正比 D．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强 【答案】B

9． 甲、乙两车从同一地点沿同一方向出发，下图是甲、乙两车的速度图象，由图可知（ ）

A. 甲车的加速度大于乙车的加速度 B. t1时刻甲、乙两车的速度相等 C. t1时刻甲、乙两车相遇

D. 0～t1时刻，甲车的平均速度小于乙车的平均速度 【答案】B

10．如图所示，甲、乙两质量不同的物体，分别受到恒力作用后，其动量p与时间t的关系图象。则甲、乙所

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受合外力F甲与F乙的关系是（图中直线平行）（ ） A．F甲＜F乙 B．F甲＝F乙 C．F甲＞F乙

D．无法比较F甲和F乙的大小 【答案】B

11．探月卫星绕地运行一段时间后，离开地球飞向月球。如图所示是绕地飞行的三条轨道，轨道1是近地圆形轨道，2和3是变轨后的椭圆轨道。A点是2轨道的近地点，B点是2轨道的远地点，卫星在轨道1的运行速率为7．7 km/s，则下列说法中正确的（ ）

A．卫星在2轨道经过A点时的速率一定大于7．7 km/s B．卫星在2轨道经过B点时的速率一定小于7．7 km/s C．卫星在3轨道所具有的机械能小于在2轨道所具有的机械能 D．卫星在3轨道所具有的最大速率小于在2轨道所具有的最大速率 【答案】AB 【

解析】

考点：考查了万有引力定律的应用

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【名师点睛】题要掌握离心运动的条件和近心运动的条件，能够根据这两个条件判断速度的大小．还要知道卫星的运动的轨道高度越高，需要的能量越大，具有的机械能越大．

12．如图，带电荷量之比为qA∶qB＝1∶3的带电粒子A、B以相等的速度v0从同一点出发，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在C、D点，若OC＝CD，忽略粒子重力的影响,则（ ）

A. A和B在电场中运动的时间之比为2∶1 B. A和B运动的加速度大小之比为4∶1 C. A和B的质量之比为1∶2 D. A和B的位移大小之比为1∶1 【答案】B 【

解第 7 页，共 15 页

析】

13．一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如电流

A．周期为0.125s B．电压的有效值为102V C．电压的最大值为202V

D．电压瞬时值的表达式为u102sin8t（V） 【答案】B 【解析】

试题分析：由电压随时间的变化规律可知，周期为0.250s，故A不对；电压的最大值为20V，故电压的有效值为图所示。由图可知该交变

20V=102V ，B是正确的；C是不对的；电压瞬时值表达式中，最大值是102V是不对的，应该是220V，故D也不正确。

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考点：交流电的电压与时间的关系。

14．如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。在两极板间有一个固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，Ep表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角。若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则 A．θ增大，E增大 B．θ增大，Ep不变 C．θ减小，Ep增大 D．θ减小，E不变 【答案】D

15．一斜劈A静止在粗糙的水平面，在其斜面上放着一滑块B，斜面向下的初速度v0，则B正好保持匀速下滑。如图所示，现在一个作用力，则以下说法正确的是：

若给滑块B一平行B下滑过程中再加

A. 在B上加一竖直向下的力F1,则B将保持匀速运动，A对地无摩擦力的作用

B. 在B上加一沿斜面向下的力F2,则B将加速运动，A对地有水平向左的静摩擦力的作用 C. 在B上加一水平向右的力F3,则B将减速运动，在B停止前A对地有向右的摩擦力的作用 D. 无论在B上加什么方向的力，在B停止前A对地都无静摩擦力的作用

【答案】AD

【解析】物块B原来保持匀速下滑，A静止，以滑块和斜面组成的整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件得知地面对斜面没有摩擦力，如有摩擦力，整体的合力不为零，将破坏平衡状态与题矛盾，对B，有：

mgsinfmgcos，即得sincos， 是斜面的倾角；

A、当施加竖直向下的力F1时，对整体受力分析，在竖直方向合力为零，水平方向合力为零，故地面对A无摩擦力，对B受力分析可知， （mgF）sin（mgF）cos0，所以B做匀速运动，故A正确； B、在B上加一沿斜面向下的力F2，如图，物块所受的合力将沿斜面向下，故做加速运动，但B与斜面间的弹力大小不变，故滑动摩擦力大小不变，即物块所受支持力与摩擦力的合力仍然竖直向上，则斜面所受摩擦力与物块的压力的合力竖直向下，则斜面水平方向仍无运动趋势，故仍对地无摩擦力作用，故B错误；

（mgcosF3sin）＜0，故物体做减C、在B上加一水平向右的力F3，沿斜面方向： mgsinF3cos速运动；对物块，所受支持力增加了F3sin，则摩擦力增加F3sin，即支持力与摩擦力均成比例的增加，其合力方向还是竖直向上，如图：

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则斜面所受的摩擦力与压力的合力放还是竖直向下，水平放向仍无运动趋势，则不受地面的摩擦力，故C错误；

D、无论在B上加上什么方向的力，B对斜面的压力与B对斜面的摩擦力都是以1：的比例增加，则其合力的方向始终竖直向下，斜面便没有运动趋势，始终对地面无摩擦力作用，故D正确。

点睛：滑块原来匀速下滑，合力为零，斜面保持静止状态，合力也为零，以滑块和斜面整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析地面对斜面的摩擦力和支持力，木块可能受两个力作用，也可能受到四个力作用。 16．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的点电荷的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是（ ） A． B． C． D．

带电粒子所带电荷的电性； 带电粒子在a、b两点的受力方向； 带电粒子在a、b两点的加速度何处较大； 带电粒子在a、b两点的电势能何处较大。

【答案】BCD

17．如图所示，质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻线连接，放在倾角为θ的斜面上，用始终平行于斜面向上的拉力F拉A，使它们沿斜面匀加速上升，A、B与斜面间的动摩擦因数均为μ。为了增加轻线上的张力，可行的办法是

A．减小A物块的质量 B．增大B物块的质量 C．增大倾角θ D．增大动摩擦因数μ

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【答案】AB

二、填空题

18．有些机床为了安全，照明电灯用的电压是36V，这个电压是把380V的交流电压经变压器降压后得到的。将变压器视为理想变压器，如图所示，如果原线圈是1140匝，则副线圈的匝数是 匝，变压器原、副线圈的电流之比为 。 【答案】108；9：95。 【解析】

试题分析：由于原线圈的电压为380V，副线圈的电压为36V，则原副线圈的匝数之比为故副线圈的匝数n2=考点：变压器。

19．如图1所示，宽度为d的竖直狭长区域内（边界为L1、L2），存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向上的周期性变化的电场（如图2所示），电场强度的大小为E0，E>0表示电场方向竖直向上。t=0时，一带正电、质量为m的微粒从左边界上的N1点以水平速度v射入该区域，沿直线运动到Q点后，做一次完整的圆周运动，再沿直线运动到右边界上的N2点。Q为线段N1N2的中点，重力加速度为g。上述d、E0、m、v、g为已知量。

（1）求微粒所带电荷量q和磁感应强度B的大小； （2）求电场变化的周期T；

（3）改变宽度d，使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域，求T的最小值。

n1U1380V95，n2U236V99n191140=108匝；变压器原、副线圈的电流之比为9：95。 9595第 11 页，共 15 页

【答案】（附加题）

（1）根据题意，微粒做圆周运动，洛伦兹力完全提供向心力，重力与电场力平衡， 则mg=qE0 −−−−−−−① ∵微粒水平向右做直线运动，∴竖直方向合力为0. 则 mg+qE0=qvB−−−−−② 联立①②得：q=

2E0mg−−−−−−③ B=−−−−−−−−④ E0v（2）设微粒从N1运动到Q的时间为t1，作圆周运动的周期为t2， mv2d则vt1 −−−−−⑤ qvB=−−−−−−−−⑥ 2πR=vt2−−−−−−−−−−−−⑦ R2vd联立③④⑤⑥⑦得：t1 t2−−−−−−−−⑧ g2vdv−−−−−−−⑨ 电场变化的周期T=t1+t2=2vg（3）若微粒能完成题述的运动过程，要求 d2R−−−−−−⑩ v2联立③④⑥得：R= 2g设N1Q段直线运动的最短时间t1min,由⑤⑩得t1min因t2不变,T的最小值Tmin=t1min+t2=（2π+1） v， 2gv 2g

20．在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，除了电火花打点计时器、纸带、复写纸、小车、一端附有光

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滑定滑轮的长木板级两根导线外，还有下列器材供选择：

A.天平， B.弹簧秤， C.钩码， D.秒表， E.刻度尺， F.蓄电池， G.交流电源 （1）其中电火花打点计时器的作用是____________；

（2）将实验所需的器材前面的字母代号填在横线上___________；

（3）如图为某次实验中记录的纸带，测得s1=2.60cm，s2=4.10cm，s3=5.60cm，s4=7.10cm．s5=8.60cm。图中每相邻两个计数点间还有4个点未画出，则小车做匀加速直线运动的加速度a=_______m/s2，其中打点计时器在打D点时，小车的瞬时速度vD=_________m/s，在DF段平均速度vDF________m/s（电源为220V，50Hz，结果保留两位有效数字）

【答案】 记录小车的位置及对应时间 CEG 1.5 0.64 0.79 （1）电火花打点计时器的作用是打点并记录所用的时间；

（2）打点计时器还需要交流电源，而蓄电池是直流电；钩码的质量与重力不需要测量，但长度需要刻度尺来测量，最后打点计时器具有计时作用，不需要秒表．故选CEG；

（3）每两个记数点之间还有四个振针留下的点迹未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，由纸带的数据得出相邻的计数点间的位移之差相等，即△x=1.5cm，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加

0.0151.5m/s2，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，20.1x0.0560.071可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小vDCE0.64m/s.在DF段平均速度

2T20.1x0.0710.086vDFDF0.79m/s

2T20.1三、解答题

速度的大小，得： a21．如图所示，一带电为+q，质量为m的小球，从距地面高h处以一定的初速水平抛出， 在距抛出点水平距离为L处有一根管口比小球略大的竖直细管，细管的上口距地面h/2。为了使小球能无碰撞地通过管子，可在管子上方整个区域内加一水平向左的匀强电场。试求： （1）小球的初速度应为多大？ （2）应加电场的场强大小？

（3）小球从抛出经多长时间落到地面上？

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【答案】 解：水平方向匀减速运动到管口时速度恰为零，则 竖直方向自由落体运动到管口，则

① ②

由①②得： 水平方向由运动学公式及牛顿第二定律：

③ ④

由③④得：

竖直方向自由落体运动到地面，则

22．某同学研究电梯上升过程的运动规律，乘电梯上楼时他携带了一个质量为5 kg的重物和一套便携式DIS实验系统，重物悬挂在力传感器上。电梯从第一层开始启动，中间不间断一直到最高层停止。在这个过程中，

2

显示器上显示出的力随时间变化的关系如图所示。重力加速度g取10 m/s。根据图象中的数据，求：

（1）电梯在最初加速阶段的加速度a1的大小； （2）电梯在在19.0 s内上升的髙度H。

2

【答案】（1）2 m/s （2）87 m

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【解析】

F2–mg=ma2，解得a2=–1 m/s2。上升的高度h3=v1t3+在19.0 s内上升的髙度H=h1+h2+h3=87 m

a2t32=18 m

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